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Aufgabe:

Zeigen Sie für den eindimensionalen Fall, dass die Intensitätsverteilung auf dem Leuchtschirm invariant gegen eine Verschiebung der Blende um einen konstanten Wert a’ ist. Benutzen Sie für die Rechnung eine rechteckige Blendenfunktion:
f(x)=1 für -a < x < a und f(x)=0 sonst.

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Erklärung und Lösung:

Um die Aufgabe zu lösen, betrachten wir das Problem im Rahmen der Fourier-Optik, bei der die Intensitätsverteilung auf dem Leuchtschirm durch das Betragsquadrat der Fourier-Transformierten der Blendenfunktion \(f(x)\) gegeben ist. Ist \(F(k)\) die Fourier-Transformierte von \(f(x)\), so ist die Intensitätsverteilung \(I(k)\) direkt proportional zu \(|F(k)|^2\).

Blendenfunktion:

Die gegebene Blendenfunktion ist \(f(x) = 1\) für \(-a < x < a\) und \(f(x) = 0\) sonst. Zu zeigen ist, dass die Verschiebung der Blendenfunktion um einen konstanten Wert \(a'\), also \(f(x - a')\), die Intensitätsverteilung nicht verändert.

Fourier-Transformation der Blendenfunktion:

Die Fourier-Transformierte von \(f(x)\) lautet:

\( F(k) = \int_{-\infty}^{\infty} f(x) e^{-i2\pi kx} dx \)

Mit der gegebenen Blendenfunktion vereinfacht sich das Integral zu:

\( F(k) = \int_{-a}^{a} e^{-i2\pi kx} dx \)

Dieses Integral kann gelöst werden als:

\( F(k) = \frac{e^{-i2\pi ka} - e^{i2\pi ka}}{-i2\pi k} = \frac{2\sin(2\pi ka)}{2\pi k} = \frac{\sin(2\pi ka)}{\pi k} \)

Verschiebung der Blendenfunktion:

Die verschobene Blendenfunktion \(f(x - a')\) hat die Fourier-Transformierte:

\( F'(k) = \int_{-\infty}^{\infty} f(x - a') e^{-i2\pi kx} dx \)

Wegen der Eigenschaft der Fourier-Transformation, dass eine Verschiebung im Ortsraum einer Phasenmodulation im Frequenzraum entspricht, können wir schreiben:

\( F'(k) = e^{-i2\pi ka'} F(k) = e^{-i2\pi ka'} \frac{\sin(2\pi ka)}{\pi k} \)

Vergleich der Intensitätsverteilungen:

Die Intensitätsverteilung ohne Verschiebung ist \(|F(k)|^2\):

\( I(k) = \left|\frac{\sin(2\pi ka)}{\pi k}\right|^2 \)

Mit der Verschiebung wird die Intensitätsverteilung \(|F'(k)|^2\):

\( I'(k) = \left|e^{-i2\pi ka'} \frac{\sin(2\pi ka)}{\pi k}\right|^2 \)

Da der Betrag eines Produkts gleich dem Produkt der Beträge ist und der Betrag von \(e^{-i2\pi ka'}\) gleich 1 ist (weil es eine komplexe Zahl mit Betrag 1 auf dem Einheitskreis ist), folgt, dass:

\( I'(k) = \left|\frac{\sin(2\pi ka)}{\pi k}\right|^2 = I(k) \)

Fazit:

Die Intensitätsverteilung \(I(k)\) auf dem Leuchtschirm ist invariant gegen die Verschiebung der Blendenfunktion um einen konstanten Wert \(a'\), da sowohl \(I(k)\) als auch \(I'(k)\) identisch sind.
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